Почему не выводятся данные из БД PHP?

Question

[Twelfth Doctor]

Здравствуйте! Почему-то приведённый ниже код ничего не выводит (хотя я проверял, запрос выполняется - поставил or die ())

<?php 
//значение из сессии
          $error = $_SESSION['error'];
//подключение к БД
               $conn = mysqli_connect ("localhost", "admin", "***", "***");
//запрос к базе данных
          $selecterror = mysqli_query($conn, "SELECT type, url FROM *** WHERE domain = '$error'") or die (mysqli_error($conn));
//пишем результаты выполнения запроса в массив
          $erarr1 = mysqli_fetch_array ( $selecterror);
//выводим этот массив (чтобы проверить, что в нём вообще что-то есть - тут как раз проблема - массив не выводится)
          print_r($errarr1);
//цикл, выводящий определённые колонки из БД
         while ( $erarr = mysqli_fetch_array ($selecterror)) {
             echo  $errarr['url'];
    echo  $errarr['type'];
         };
          ?>

Comments

[display: block]

error errar errarr что за говно?

[Twelfth Doctor]

qork: Не совсем понял Вас. $error - это параметр, который скрипт получает в GET запросе, а потом пишет в переменную
errarr (сокращение от Error Array) - это результаты выполнения SQL запроса, записанные в массив

[feldwebel]

$erarr1 = mysqli_fetch_array ( $selecterror);
print_r($errarr1);

$erarr = mysqli_fetch_array ($selecterror)
echo $errarr['url'];

Внимательно пересчитай число букв r в именах переменных.

[Twelfth Doctor]

<?php 
          $error ="google";
               $conn = mysqli_connect ("localhost", "admin", "***", "***");
          $select_error = mysqli_query($conn, "SELECT type, url FROM *** WHERE domain = '$error'") or die (mysqli_error($conn));
         while ( $arr = mysqli_fetch_array ($select_error)) {
             echo  $arr['url'];
    echo  $arr['type'];
         };
?>

так тоже не работает

[feldwebel]

Возьми `type` в обратные кавычки (кнопка сразу под Esc).

Answer 1

[Рюрик Ростиславич]

mysqli_connect()
Слитно мейби?

Comments

[atamanenko]

Точно нет
https://secure.php.net/manual/en/function.mysqli-c...

Answer 2

[atamanenko]

Называйте переменные так, чтобы они визуально отличались :)
Ничего не выводится из-за объявления переменной в 9 строке как $erarr1 и дальнейшего использования как $errarr1

Comments

[Twelfth Doctor]

<?php 
          $error ="google";
               $conn = mysqli_connect ("localhost", "admin", "***", "***");
          $select_error = mysqli_query($conn, "SELECT type, url FROM *** WHERE domain = '$error'") or die (mysqli_error($conn));
         while ( $arr = mysqli_fetch_array ($select_error)) {
             echo  $arr['url'];
    echo  $arr['type'];
         };
?>

так тоже не работает

[atamanenko]

verdex: проверяйте базу в таком случае.
Специально проверил, работает: https://i.imgur.com/mFoXVze.png